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从 $@ 中删除参数（如果它是一个选项）

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从 $@ 中删除参数（如果它是一个选项）

我有一个脚本，我需要循环遍历传递的参数，如果参数以 开头，-我需要将其放入字符串中opts并将其从$@.这就是我到目前为止所拥有的

opts=""
for arg in "$@"
do
    if [[ "$arg" == -* ]]; then
        opts="${opts} ${arg}"
        # remove arg from $@ ??
    fi
done

echo $@
echo $args

如何arg从传递的参数数组中删除$@？

答案1

如果以 开头的选项-从不带参数，那么只需使用opts 大批：

for a; do
   shift
   case $a in
   -*) opts+=("$a");;
   *) set -- "$@" "$a";;
   esac
done

（如果您想成为字符串，请更改opts+=("$a")为，这将使代码片段适用于任何标准 shell）。opts="$opts$a "opts

答案2

在 bash、ksh、zsh 中，一次扩展将清除所有以 开头的参数-：

echo "${@##-*}"

请注意，这并不消除参数，只需将它们设为空即可。

然而，获取不以开头的参数列表-同时能够处理空格和换行符变得相当困难。

最好使用简单的循环：

unset args opts;
for a; do
    if [[ $a == [-]* ]]; then
        opts+=("$a");
    else 
        args+=("$a");
    fi;
done;

printf '<%s> ' "${args[@]}"; echo;
printf '<%s> ' "${opts[@]}"; echo;

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