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为什么“echo $(cat /path/to/fileName)”列出我的文件和方向？

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为什么“echo $(cat /path/to/fileName)”列出我的文件和方向？

当我使用 打印出文件内容时echo $(cat /path/to/filename)，它也会列出我的文件和说明。但是当我使用 时，printf "$(cat /path/to/filename)\n"它工作正常。

我也尝试将其保存到变量中content='cat /path/to/filename'（也content=$(cat /path/to/filename），然后通过打印echo $content，但得到了相同的结果（列出文件和方向）。

我想将文件的内容存储到变量中，并将变量传递到我的脚本中作为下一个命令的输入。

请注意，我的文件内容*中包含特殊字符。

答案1

因为执行命令替换后，如果不引用它们，shell 会对结果执行单词拆分（或字段拆分）。

POSIX 定义单词扩展作为：

字扩展的顺序如下：

  1. 应从头到尾执行波浪符号扩展（参见波浪符号扩展）、参数扩展（参见参数扩展）、命令替换（参见命令替换）和算术扩展（参见算术扩展）。请参阅标记识别中的第 5 条。

  2. 应针对步骤 1 生成的字段部分执行字段拆分（参见字段拆分），除非 IFS 为空。

  3. 除非 set -f 有效，否则应执行路径名扩展（参见路径名扩展）。

  4. 删除引号（参见删除引号）应始终最后执行。

在您的例子中，*匹配当前工作目录中的所有内容。您必须引用结果才能获得预期的输出：

echo "$(cat /path/to/fileName)"

答案2

引用：

$ echo "*" >> test
$ echo $(cat test)
bash43-001 bash43-002 bash43-003 bash43-004 bash43-005 test
$ echo "$(cat test)"
*

第一条规则是，始终引用命令替换。

除非您关闭通配符（或）或引用/转义它： ，否则裸字符*将在 中展开。对于命令输出，最好始终使用引号。bashset -fsetopt noglob"*" \*

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